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Description
司令部的将军们打算在N*M的网格地图上部署他们的炮兵部队。一个N*M的地图由N行M列组成,地图的每一格可能是山地(用”H” 表示),也可能是平原(用”P”表示),如下图。在每一格平原地形上最多可以布置一支炮兵部队(山地上不能够部署炮兵部队);一支炮兵部队在地图上的攻击范围如图中黑色区域所示:

如果在地图中的灰色所标识的平原上部署一支炮兵部队,则图中的黑色的网格表示它能够攻击到的区域:沿横向左右各两格,沿纵向上下各两格。图上其它白色网格均攻击不到。从图上可见炮兵的攻击范围不受地形的影响。
现在,将军们规划如何部署炮兵部队,在防止误伤的前提下(保证任何两支炮兵部队之间不能互相攻击,即任何一支炮兵部队都不在其他支炮兵部队的攻击范围内),在整个地图区域内最多能够摆放多少我军的炮兵部队。
Input
接下来的N行,每一行含有连续的M个字符(‘P’或者’H’),中间没有空格。按顺序表示地图中每一行的数据。N <= 100;M <= 10。
Output
Sample Input
5 4
PHPP
PPHH
PPPP
PHPP
PHHP
Sample Output
6
思路
好不容易看到的中文题,刚开始一直没有思路,总是想着每一个状态应该怎么存储,又应该怎么推导出以后的状态,无果。。。
首先从炮兵的攻击范围我们可以知道,第k行的炮兵放置与第k-1、k-2行有关。
我们把每一行的炮兵放置情况压缩成一个二进制数,即每一位代表当前位置是否有炮兵(1代表有,0代表没有), 1011
代表1、3、4位置有炮兵安置。
对于水平方向,如果 i&i<<1 || i&i<<2
为真的话,说明有两个炮兵之间的距离小于等于2,则不满足题意,对于其他情况,都不会出现问题,记录这些合法状态。
dp[i][j][k]
代表第 i
行状态为 state[j]
,第 i-1
行状态为 state[k]
时的最优解。
我们用 base[]
来存储每一行的地图,假如 base[i]&state[0-nums]
为真,即说明当前枚举的状态与地图冲突,无法放置。
状态转移方程: dp[r][i][j]=max(dp[r][i][j], dp[r-1][j][k]+soldier[i])
最终结果: max(dp[row-1][0-nums][0-nums])
AC 代码
#include <cstdio>
#include<iostream>
#include <cstring>
#define MAXR 110 //行数
#define MAXC 15 //列数
#define MAXM 70 //状态数
using namespace std;
int row,col; //行列
int nums; //仅是两个炮兵不互相攻击的条件下,符合条件的状态个数
int base[MAXR]; //第i行的原地图压缩成的一个状态
int state[MAXM]; //仅是两个炮兵不互相攻击的条件下,符合条件的状态
int soldier[MAXM]; //对应着,在state[i]状态下能放多少个士兵
int dp[MAXR][MAXM][MAXM];
//dp[i][j][k] 表示第i行状态为state[j],第i-1行状态为state[k]时的最优解
char g[MAXR][MAXC];
int main()
{
scanf("%d%d",&row,&col);
for(int i=0; i<row; i++) //先计算原始地图的状态数
{
scanf("%s",g[i]);
for(int j=0; j<col; j++)
if(g[i][j]=='H') base[i]+=1<<j; //0110000,这里计算为6
}
for(int i=0; i<(1<<col); i++) //仅是两个炮兵不互相攻击的条件下计算所有状态
{
if((i&i<<1)||(i&i<<2)) continue; //i这个状态出现了士兵两两攻击(水平方向)
int k=i;
while(k) //计算当前状态下可以放置多少士兵
{
soldier[nums]+=k&1;
k>>=1;
}
state[nums++]=i; //保存合法的状态
}
for(int i=0; i<nums; i++) //先初始化dp[0][i][0],即初始化第1行的情况
{
if(state[i]&base[0]) continue; //在state[i]的基础上,还要满足士兵不能放在山上
dp[0][i][0]=soldier[i];
}
for(int i=0; i<nums; i++) //接着初始化dp[1][i][j],即第2行的情况
{
if(state[i]&base[1]) continue;
for(int j=0; j<nums; j++) //枚举第1行的状态
{
if((state[j]&base[0])||(state[i]&state[j])) continue;
dp[1][i][j]=max(dp[1][i][j], dp[0][j][0]+soldier[i]);
}
}
for(int r=2; r<row; r++) //第3行开始DP直到最后
for(int i=0; i<nums; i++) //枚举第r行的状态
{
if(state[i]&base[r]) continue; // 当前状态 i 与地图冲突
for(int j=0; j<nums; j++) //枚举第r-1行的状态
{
if((state[j]&base[r-1])||(state[i]&state[j])) continue;
//第r行的士兵和第r-1行的士兵相互攻击
for(int k=0; k<nums; k++) //枚举第r-2行的状态
{
if((state[k]&base[r-2])||(state[j]&state[k])||(state[i]&state[k])) continue;
dp[r][i][j]=max(dp[r][i][j], dp[r-1][j][k]+soldier[i]);
}
}
}
int ans=0;
for(int i=0; i<nums; i++)
for(int j=0; j<nums; j++) //枚举dp[row-1][i][j]
ans=max(ans,dp[row-1][i][j]);
printf("%d\n",ans);
return 0;
}